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Caso extremo de ciclo Diesel

De Laplace

Contenido

1 Enunciado

(Segundo Parcial, Junio 2009, P2)

Una máquina térmica funciona funciona con aire (gas ideal) según el siguiente proceso:
  • El gas contenido en una cámara se comprime adiabáticamente de forma reversible desde un volumen máximo VA hasta un volumen VB, siendo la razón de compresión r = VA / VB.
  • A partir de ahí, el gas se pone en contacto con un foco térmico y se calienta a presión constante hasta un estado C, cuyo volumen es igual al inicial.
  • Acto seguido, el gas se enfría a volumen constante hasta que la temperatura retorna a su valor inicial.
  1. Halle el calor absorbido y cedido por el gas durante el ciclo, así como el trabajo realizado sobre el sistema. Demuestre que el rendimiento de este ciclo es igual a
\eta = 1 - \frac{r^\gamma-1}{\gamma r^{\gamma-1}(r-1)}
  1. Para el caso concreto de aire con p_A=100\,\mathrm{kPa}, t_A=17^\circ\mathrm{C}, V_A=1900\,\mathrm{cm}^3 y r = 3, ¿cuánto valen las temperaturas y presiones en B y C? ¿Y el calor absorbido, el cedido y el trabajo realizado? ¿Y el rendimiento?
  2. Supongamos que el calentamiento se produce a base de poner en contacto el gas con un foco a temperatura constante TC, y el enfriamiento mediante el contacto con el ambiente a TA. ¿Cuánto vale la variación de entropía en el sistema y en el universo en cada paso? ¿Cuál es la variación neta de entropía del universo?
  3. ¿Cuánto vale el trabajo perdido en este ciclo si lo comparamos con el máximo posible para el mismo calor absorbido con las temperaturas de trabajo TA y TC?

2 Solución compacta

Esto sería la solución en formato resumido.

2.1 Primer apartado

Tenemos tres procesos:

Compresión adiabática
Q_{A\to B}=0\,        W_{A\to B}=\Delta U = nc_V(T_B-T_A)=\frac{p_BV_B-p_AV_A}{\gamma-1}
Calentamiento isóbaro
Q_{B\to C}=nc_p\Delta T = nc_p(T_C-T_B)\,        W_{B\to C} = -p_B\,\Delta V = -p_B(V_A-V_B)\,
Enfriamiento isócoro
Q_{C\to A}=nc_V\Delta T = nc_V(T_A-T_C)\,        W_{C\to 0} = 0\,

El calor absorbido es Q_{B\to C}, el cedido Q_{C\to A} y el trabaja es la suma

W=W_{A\to B}+W_{B\to C}+W_{C\to A} = nc_V(T_B-T_A) -p_B(V_A-V_B)\,

Para hallar el rendimiento aplicamos las relaciones

p_AV_A^\gamma = p_BV_B^\gamma\,   \Rightarrow    p_B = p_Ar^\gamma\,   \Rightarrow   T_B = T_Ar^{\gamma-1}\,        \frac{p_C}{T_C}=\frac{p_A}{T_A}   \Rightarrow   T_C = T_A r^\gamma\,

De aquí obtenemos el rendimiento

\eta = 1 - \frac{|Q_f|}{|Q_c|} = 1 - \frac{c_V(T_C-T_A)}{c_p(T_C-T_B)}=1-\frac{r^\gamma-1}{\gamma(r^\gamma-r^{\gamma-1})}=1-\frac{r^\gamma-1}{\gamma r^{\gamma-1}(r-1)}

2.2 Segundo apartado

Sustituyendo en las expresiones anteriores obtenemos, para las presiones y temperaturas

p_B = p_C = p_Ar^\gamma = 466\,\mathrm{kPa}        T_B = T_Ar^{\gamma-1} = 450\,\mathrm{K}        T_C =T_Ar^\gamma = 1350\,\mathrm{K}

Para los calores y el trabajo

Q_{B\to C}=nc_p(T_C-T_B) = 2.063\,\mathrm{kJ}        Q_f =n c_V(T_A-T_C) =-1.736\,\mathrm{kJ}        W = -Q_c-Q_f = -0.328\,\mathrm{J}

y para el rendimiento

\eta = 1 - \frac{|Q_f|}{|Q_c|} = 15.9\%

2.3 Tercer apartado

Tenemos tres procesos, y en cada uno tenemos una variación de entropía del sistema y una del ambiente. La del universo será la suma de ambas.

Compresión adiabática reversible
\Delta S^s_{A\to B} = 0\,         \Delta S^a_{A\to B} = 0\,        \Delta S^u_{A\to B} = 0\,
Calentamiento isóbaro
\Delta S^s_{B\to C} = n c_p\ln\left(\frac{T_C}{T_B}\right)= 2.52\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}        \Delta S^a_{B\to C} = -\frac{|Q_c|}{T_C}= -1.53\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}        \Delta S^u_{B\to C} = 0.99\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}
Enfriamiento isócoro
\Delta S^s_{C\to A} = n c_V\ln\left(\frac{T_A}{T_C}\right)= -2.52\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}         \Delta S^a_{C\to A} = \frac{|Q_f|}{T_A}= 5.99\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}        \Delta S^u_{C\to A} = 3.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}
Variación neta
\Delta S^s = 0\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}         \Delta S^a=\Delta S^a_{B\to C}+\Delta S^a_{C\to A} = 4.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}        \Delta S^u = \Delta S^s + \Delta S^a = 4.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

2.4 Cuarto apartado

El rendimiento máximo lo da una máquina de Carnot. Por tanto

W_\mathrm{max}=\left(1-\frac{T_A}{T_C}\right)|Q_c| = = 4.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

El trabajo perdido es

|W|_\mathrm{per}=|W|_\mathrm{max} - |W| = (1.621-0.328)\,\mathrm{kJ}=  1.293\,\mathrm{kJ}

que supone el

\frac{|W|_\mathrm{per}}{|W|_\mathrm{max}}= 79.8\%

Veamos ahora la solución desarrollada y explicada paso a paso.

3 Calor, trabajo y rendimiento

Para calcular el intercambio energético en cada proceso necesitamos conocer las capacidades caloríficas molares del aire, a presión y a volumen constante. Para ello, no es necesario suponer que el aire es un gas diatómico (aunque aproximadamente se comporta como tal). Conocidos γ (que para el aire vale 1.4) y R (=8.314 J/K·mol) tenemos toda la información necesaria

c_p - c_V = R\qquad\gamma = \frac{c_p}{c_v}   \Rightarrow   c_V = \frac{R}{\gamma-1}=20.8\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}\cdot\mathrm{mol}}    c_p = \frac{\gamma R}{\gamma-1}=29.1\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}\cdot\mathrm{mol}}

3.1 Calor absorbido

De los tres procesos que tienen lugar en el ciclo en uno de ellos, la compresión adiabática, no se intercambia calor; en otro, el calentamiento isóbara, el sistema absorbe calor, y en el tercero, el enfriamiento isócoro, el sistema cede calor.

Al ser el proceso de calentamiento uno a presión constante entre las temperaturas TB y TC, el calor absorbido es

Q_c =Q_{B\to C} = nc_p(T_C-T_B)\,

Alternativamente, podemos escribir esto como

Q_c = c_p(nT_C-nT_B)=\frac{c_p}{R}(p_CV_C-p_BV_B)=\frac{\gamma p_B}{\gamma-1}(V_A-V_B)

3.2 Calor cedido

El calor se cede en un proceso a volumen constante, entre las temperaturas TC y TA, por lo que vale

Q_f = Q_{C\to A} = nc_V(T_A-T_C)\,

puesto que TA < TC, este calor es negativo, como corresponde a que este calor sale del sistema hacia el ambiente.

Una forma alternativa de este calor es

Q_f = c_V(nT_A-nT_C) = \frac{c_V}{R}(p_AV_A-p_CV_C)=\frac{V_A}{\gamma-1}(p_A-p_B)

3.3 Trabajo

Podemos calcular el valor neto del trabajo realizado sobre el sistema empleando el Primer Principio de la termodinámica, ya que en un proceso cíclico la energía interna al final es la misma que al principio

0 = \Delta U = Q+W\,    \Rightarrow    W = -Q = -Q_c-Q_f = -nc_p(T_C-T_B)-nc_V(T_A-T_C)\,

Podemos calcular este valor a partir del trabajo realizado sobre el sistema en cada proceso:

Compresión adiabática
En este proceso no se intercambia calor, por lo que el trabajo es igual al incremento de energía interna
W_{A\to B}=\Delta U = U_B-U_A = nc_V(T_B-T_A)=\frac{p_BV_B-p_AV_A}{\gamma-1}\,
Calentamiento a presión constante
El trabajo cuando la presión es constante es igual a esta presión por el incremento de volumen, cambiado de signo
W_{B\to C}=-p_B\,\Delta V = -p_B(V_C - V_B)\,
Podemos poner esto en función de la temperatura, usando la ecuación de los gases ideales
W_{B\to C}= p_BV_B-p_CV_C=nR(T_B-T_C)\,
Este trabajo es negativo ya que en esta expansión es realmente el sistema el que trabaja sobre el ambiente.
Enfriamiento a volumen constante
Al no desplazarse las paredes del sistema, aquí no se realiza trabajo mecánico
W_{C\to A} = 0\,

Sumando las tres contribuciones obtenemos el trabajo total

W = W_{A\to B}+W_{B\to C}+W_{C\to A} = nc_V(T_B-T_A)+nR(T_B-T_C)\,

Para ver que este resultado coincide con el que obtuvimos antes, hacemos uso de la ley de Mayer

R = c_p-c_V\,   \Rightarrow   W=nc_V(T_B-T_A)+n(c_p-c_V)(T_B-T_C)=nc_p(T_B-T_C)+nc_V(T_C-T_A)=-Q_c-Q_f\,

3.4 Rendimiento

3.4.1 A partir de las temperaturas

El rendimiento del ciclo es igual al cociente entre el trabajo neto realizado por el sistema y el calor absorbido durante el ciclo

\eta = \frac{|W|}{|Q_c|}=1-\frac{|Q_f|}{|Q_c|}

Sustituyendo las expresiones obtenidas anteriormente

\eta = 1 - \frac{nc_V(T_C-T_A)}{nc_p(T_C-T_B)}=1-\frac{T_C-T_A}{\gamma(T_C-T_B)}

Para expresar el rendimiento en función de la razón de compresión r = VA / VB observamos que, por ser A→B un proceso adiabático tenemos la relación entre temperaturas y volúmenes

T_AV_A^{\gamma-1} = T_BV_B^{\gamma-1}   \Rightarrow   T_B = T_A\left(\frac{V_A}{V_B}\right)^{\gamma-1}=T_Ar^{\gamma-1}

Asimismo, por ser B→C un proceso a presión constante se cumple la ley de Charles

\frac{T_C}{T_B}=\frac{V_C}{V_B}=\frac{V_A}{V_B}=r   \Rightarrow   T_C=T_Br = T_A r^\gamma\,

Llevando esto a la expresión del rendimiento

\eta = 1-\frac{T_C-T_A}{\gamma(T_C-T_B)} = 1 - \frac{T_Ar^\gamma-T_A}{\gamma\left(T_Ar^\gamma-T_Ar^{\gamma-1}\right)}=1-\frac{r^\gamma-1}{\gamma r^{\gamma-1}(r-1)}

Comparando este resultado con el de un ciclo Diesel vemos que esta expresión es idéntica a la que se obtiene para ese ciclo si hacemos la relación de combustión rc igual a la relación de compresión. En realidad, el ciclo descrito en este problema es en realidad un ciclo Diesel ideal, en el cual una de las adiabáticas se ha reducido a un punto.

3.4.2 A partir de las presiones y volúmenes

Una forma alternativa de obtener este rendimiento consiste en usar las expresiones para los calores en función de las presiones y volúmenes

\eta = 1 - \frac{|Q_f|}{|Q_c|}=1-\frac{V_A(p_B-p_A)}{\gamma p_B(V_A-V_B)}

Esta relación solo implica los valores de las magnitudes en los extremos de la adiabática. Estos valores están relacionados por

p_AV_A^\gamma = p_BV_B^\gamma   \Rightarrow   p_B = p_A\left(\frac{V_A}{V_B}\right)^{\gamma}=p_Ar^{\gamma}

y esto nos da

\eta = 1 - \frac{V_A(r^\gamma-1)p_A}{\gamma p_A r^\gamma(1-1/r)V_A}=1-\frac{r^\gamma-1}{\gamma r^{\gamma-1}(r-1)}

4 Valores numéricos

Se trata ahora de hallar todos los valores anteriores, y algunos más, para un caso particular, con condiciones

p_A=100\,\mathrm{kPa}        V_A=1900\,\mathrm{cm}^3        T_A=290\,\mathrm{K}

4.1 Presión, volumen y temperatura

El número de moles de gas, que será una constante en el ciclo, lo obtenemos aplicando la ley de los gases ideales

n = \frac{p_AV_A}{RT_A} = 0.0788\,\mathrm{mol}
Por la relación de compresión tenemos el volumen de B; el de C es igual al de A,
V_B=\frac{V_A}{r}=633\,\mathrm{cm}^3        V_C=V_A=1900\,\mathrm{cm}^3

La presión en B (y C) la obtenemos de la ecuación para una adiabática reversible que obtuvimos antes

p_B = p_A r^\gamma = 466\,\mathrm{kPa}        p_C=p_B=466\,\mathrm{kPa}

Aquí hemos usado el valor γ = 1.4, propio del aire.

La temperatura en B la hallamos por aplicación de la ley de los gases ideales

T_B=\frac{p_BV_B}{nR} = 450\,\mathrm{K}

También se puede obtener esta temperatura empleando la relación para un proceso adiabático

T_BV_B^{\gamma-1}=T_AV_A^{\gamma-1}\,   \Rightarrow   T_B = T_A r^{\gamma-1} = 450\,\mathrm{K}

la temperatura en C la obtenemos de la ley de Charles

T_C = T_B\frac{V_C}{V_B}=T_Br = 1350\,\mathrm{K}

Alternativamente, puede obtenerse de la temperatura en A empleando la relación que obtuvimos antes

T_C = T_A r^{\gamma}= 1350\,\mathrm{K}

Reuniendo todos estos resultados en una tabla nos queda, en forma analítica

A B C
p p_A\, p_Ar^\gamma\, p_Ar^\gamma\,
V V_A\, V_A/r\, V_A\,
T T_A\, T_Ar^{\gamma-1}\, T_Ar^\gamma\,

y en forma numérica

A B C
p(kPa) 100 466 466
V(cm3) 1900 633 1900
T(K) 290 450 1350

4.2 Calor y trabajo

A partir de aquí, conocidas las temperaturas que calculamos antes, tenemos el calor y el trabajo.

El calor absorbido es

Q_c = nc_p(T_C-T_B) = \frac{\gamma p_B}{\gamma-1}(V_A-V_B) = 2.063\,\mathrm{kJ}

y el calor cedido al ambiente

Q_f =n c_V(T_A-T_C) = \frac{V_A}{\gamma-1}(p_A-p_B)=-1.736\,\mathrm{kJ}

y el trabajo neto es igual al calor total cambiado de signo

W = -Q_c-Q_f = -0.328\,\mathrm{J}

Este resultado, empleando valores absolutos, se escribe

|W| = |Q_c|-|Q_f| = 0.328\,\mathrm{kJ}

El rendimiento lo podemos hallar a partir de su definición

\eta = \frac{|W|}{|Q_c|} = 0.159 = 15.9\%

o bien empleando la fórmula dada en el enunciado

\eta = 1 - \frac{r^\gamma-1}{\gamma r^{\gamma-1}(r-1)}=1-\frac{3^{1.4}-1}{1.4\cdot 3^{0.4}(3-1)}=15.9\%

5 Entropía

En cada uno de los procesos tenemos la variación de entropía del sistema (que se puede calcular empleando la expresión de la entropía para un gas ideal) y la del ambiente (dado por los focos térmicos). La variación de entropía del universo será la suma de todas ellas.

5.1 Compresión adiabática

En el proceso A→B no hay intercambio de calor con el ambiente, por lo que no cambia la entropía de éste. Como el proceso es además reversible, tampoco cambia la del sistema. Por tanto

\Delta S^s_{A\to B} = 0\,        \Delta S^a_{A\to B} = 0\,        \Delta S^u_{A\to B} = 0\,

5.2 Calentamiento a presión constante

En el paso B→C, para hallar la variación de la entropía del sistema, empleamos la expresión en términos de la temperatura y la presión

\Delta S^s_{B\to C} = n c_p\ln\left(\frac{T_C}{T_B}\right)-nR\overbrace{\ln\left(\frac{p_C}{p_B}\right)}^{=0}=nc_p\ln(r)= 2.52\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

También podríamos haber usado la expresión en función de la temperatura y el volumen, pero de esta forma aprovechamos el que el proceso es a presión constante.

Una forma alternativa de calcular esta variación de entropía es imaginando un proceso reversible que conecte los estados inicial y final. Si suponemos una variación gradual de la temperatura a presión constante

\Delta S^s_{B\to C}= \int_B^C \frac{\mathrm{d}Q_R}{T}= \int_{T_B}^{T_C} \frac{nc_p\,\mathrm{d}T}{T}=nc_p\ln\left(\frac{T_C}{T_B}\right)

La variación de entropía del ambiente en este proceso la hallamos aplicando que el foco caliente cede una cantidad de calor | Qc | sin variar su temperatura TC, por lo que

\Delta S^a_{B\to C} = -\frac{|Q_c|}{T_C}= -1.53\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

y la variación de entropía del universo en este paso es

\Delta S^u_{B\to C} = \Delta S^s_{B\to C}+\Delta S^a_{B\to C}=0.99\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

Aunque la entropía del ambiente disminuye, la del sistema aumenta más, resultando una variación neta positiva, como corresponde a un proceso posible e irreversible.

5.3 Enfriamiento a volumen constante

En el paso C→A, lo que se conserva es el volumen, así que usamos la expresión en términos de la temperatura y el volumen

\Delta S^s_{C\to A} = n c_V\ln\left(\frac{T_A}{T_C}\right)+nR\overbrace{\ln\left(\frac{V_A}{V_C}\right)}^{=0}=nc_V\ln\left(r^{-\gamma}\right) = -nc_V\gamma \ln(r)= -2.52\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

El resultado es exactamente el mismo que en el paso anterior, pero con signo contrario. Esto debía ser necesariamente así ya que con este proceso se cierra el ciclo y, al ser la entropía una función de estado, su variación neta debe ser nula (para el sistema, no para el universo).

De nuevo, podemos suponer un proceso reversible que lleve de C a A. En este caso un enfriamiento gradual a volumen constante

Una forma alternativa de calcular esta variación de entropía es imaginando un proceso reversible que conecte los estados inicial y final. Si suponemos una variación gradual de la temperatura a presión constante

\Delta S^s_{C\to A}= \int_C^A \frac{\mathrm{d}Q_R}{T}= \int_{T_C}^{T_A} \frac{nc_V\,\mathrm{d}T}{T}=nc_V\ln\left(\frac{T_A}{T_C}\right)

La variación de entropía del ambiente en este proceso la hallamos ahora aplicando que el foco frío absorbe una cantidad de calor | Qf | a una temperatura constante TA

\Delta S^a_{C\to A} = \frac{|Q_f|}{T_A}= 5.99\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

y la variación de entropía del universo es

\Delta S^u_{C\to A} = \Delta S^s_{C\to A}+\Delta S^a_{C\to A}=3.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

De nuevo obtenemos una variación neta positiva, ya que este paso también es posible e irreversible.

5.4 Producción neta de entropía

Considerando el ciclo completo, la variación de entropía del sistema es nula, por tratarse de una función de estado en un proceso cíclico:

\Delta S^s = \Delta S^s_{A\to B}+\Delta S^s_{B\to C}+\Delta S^s_{C\to A}=\left(0+2.52-2.52\right)\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}=0\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

La entropía del ambiente, en cambio, aumenta,

\Delta S^a =\Delta S^a_{A\to B}+\Delta S^a_{B\to C}+\Delta S^a_{C\to A} = -\frac{|Q_c|}{T_C}+\frac{|Q_f|}{T_A}=4.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

La variación de la entropía del universo coincidirá con esta cantidad

\Delta S^u = \Delta S^s + \Delta S^a = 4.46\,\frac{\mathrm{J}}{\mathrm{K}}

6 Trabajo perdido

El trabajo perdido es la diferencia entre el trabajo máximo posible (la exergía) y el realmente obtenido. El trabajo máximo lo da una máquina reversible que opere entre las dos temperaturas dadas.

El rendimiento de una máquina de este tipo es, en nuestro caso

\eta_\mathrm{max}=1-\frac{T_f}{T_c}=1-\frac{T_A}{T_C}=78.5\%

Vemos que nuestra máquina térmica está muy lejos del máximo teórico. El cociente entre el rendimiento real y el máximo (lo que se llama el rendimiento de la segunda ley) es solo

\epsilon=\frac{\eta}{\eta_\mathrm{max}}=20.2\%

El trabajo máximo en un ciclo lo obtenemos a partir del calor absorbido y del rendimiento máximo

|W|_\mathrm{max}=\eta_\mathrm{max}Q_c = 1.621\,\mathrm{kJ}

por lo que el trabajo perdido por ciclo es

|W|_\mathrm{per}=|W|_\mathrm{max} - |W| = (1.621-0.328)\,\mathrm{kJ}=  1.293\,\mathrm{kJ}

Este trabajo perdido puede también calcularse a partir de la producción de entropía, ya que ésta mide la irreversibilidad del proceso, que se manifiesta en un exceso de calor de desecho

|W|_\mathrm{per}=T_f \Delta S^u = T_A \Delta S^u = 1.293\,\mathrm{kJ}

En comparación con el trabajo máximo, el trabajo perdido supone una proporción

\frac{|W|_\mathrm{per}}{|W|_\mathrm{max}}=1-\epsilon = 79.8\%

esto es, que se pierde el 80% del trabajo máximo posible.

La razón de que se trate de un ciclo tan ineficiente es que estamos considerando un ciclo Diesel en el que no hacemos uso de la potencia motriz del aire caliente. Este ciclo ficticio sería algo así como si el gasóleo se siquiera quemando todo el tiempo que el émbolo desciende y, cuando este llega abajo y volviera a subir, se procediera a vaciar la cámara. Es claro que estamos desaprovechando gran parte del trabajo que se podría sacar de la combustión del gas, ya que el quemarlo cuando el émbolo está abajo no produce beneficio alguno. Asimismo, esta combustión continuada implica un aumento grande de la temperatura del gas. Si hubiéramos tomado la relación de compresión igual a una típica en un motor diésel (p.ej, 18) resultaría una temperatura máxima del gas de 17000 K (¡el triple de la de la superficie del Sol!), lo cual es absurdo. Por ello debemos trabajar con una relación de compresión muy baja y presiones muy reducidas.

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